Új hozzászólás Aktív témák

• #7017 04ahgy nagyúr moha21 #7008

  Új Válasz 2011-03-02 09:40:34 #7017

  Új hozzászólás

  Összes hozzászólása itt Válaszok az összes hozzászólására itt Válaszok erre a hozzászólásra

  Privát üzenet küldése

  

  04ahgy

  nagyúr

  válasz moha21 #7008 üzenetére

  "S = gyök( P^2+Q^2) [ VA ] voltamper"

  Ez ugyan igaz, de nem ez a módja a látszólagos teljesítmény kiszámításának. Ez a sin és cos szögfüggvények tulajdonsága. A sin ugyebár az egységnyi átfogójú derékszögű háromszög egyik, míg a cos a másik befogója. A pitagorasz tétel értelmében természetesen a két befogó négyzetösszegének négyzetgyöke az átfogó. Így konkrétan a képlet nem sok gyakorlati haszonnal rendelkezik.
  Annál inkább az átrendezett alakja, ahol a meddő teljesítmény a végeredmény, hisz a látszólagos és a hatásos teljesítmény könnyen mérhető egyszerű eszközökkel is.

  HGyu

• #7009 04ahgy nagyúr moha21 #7008

  Új Válasz 2011-03-01 23:46:41 #7009

  Új hozzászólás

  Összes hozzászólása itt Válaszok az összes hozzászólására itt Válaszok erre a hozzászólásra

  Privát üzenet küldése

  

  04ahgy

  nagyúr

  válasz moha21 #7008 üzenetére

  Első képleted: P = U * I, míg utolsó képleted: P = U * I * cos ß. Ahol P = P, és U * I = U * I, innen az következik, hogy cos(φ) (amit te bétának írtál) pontosan egy! Azaz cos(φ)=1, de az utolsó sorban leszögezed, hogy sosem lehet egy... Hmmm.

  Meddő teljesítmény legtöbb minden esetben valamilyen induktív elemen jön létre pl. villanymotor tekercsén létrejön. Kondenzátorral lehet csökkenteni (vagy növelni) a veszteséget. cos fi közelítsen 1-hez ( persze 1 sosem lehet ) (A példád alapján természetesen kizárólag váltóáramú áramkörökre korlátozva a kijelentés érvényességét.)

  Szépen összekeverted az egyenáramú és a váltakozó áramú részt.

  Helyesen:
  S = U * I
  P = U * I * cos(φ) [ W ] hatásos teljesítmény watt a dimenziója
  Q = U * I * sin(φ) [ Var ] meddő teljesítmény var dimenzió

  Fenti három képlet, helyesen MINDEN esetben alkalmazható. Egyenáramnál értelemszerűen a feszültség és az áram fázisban van, tehát cos(φ)=1, sin(φ)=0, így a P=S (látszólagos és hatásos teljesítmény egyezik, míg a meddő teljesítmény nulla). Váltakozóáram esetén a fáziskésés / -sietés pedig automatikusan változtatja cos(φ) értékét egynél kisebbre, így csökkentve a hatásos, növelve a meddő teljesítményt, növekvő fázisszög esetén.

  HGyu

Új hozzászólás Aktív témák