Új hozzászólás Aktív témák

• #7214 crok Topikgazda stafidani #7212

  Új Válasz 2014-09-19 20:55:57 #7214

  Új hozzászólás

  Összes hozzászólása itt Válaszok az összes hozzászólására itt Válaszok erre a hozzászólásra

  Privát üzenet küldése

  

  crok

  Topikgazda

  válasz stafidani #7212 üzenetére

  Durván összetett azért ahhoz, hogy egyszerűen a+b=c legyen (:
  
  Megpróbálom a minimumot/legegyszerűbbet összerakni (nem életszagú).
  
  Egyetlen ethernet keret layer 1-en (MTU 1500, VLAN tag nincs):
  Alatta leírom mennyi kell belőle.
  -----------------------------------------------
  12byte Ethernet gap + 8byte Ethernet preamble
  -----------------------------------------------
  -- Ethernet Frame:
  ----------------------------------------------
  --Ethernet header:
  --6 byte dest addr
  --6 byte src addr
  --[4 byte 802.1q VLAN Tag ha van..]
  --2 byte length/type
  -------------------------------------------------
  ------ IP Packet
  --------------46-1500 byte data (payload)----------
  ----20byte IPv4 header:
  ----1byte Version; 1byte IHL; 1byte ToS; 2byte Length;
  ----2byte Identification; 3bit Flag; 13bit Fragment offset
  ----1byte TTL; 1byte Protocol; 2byte Header Checksum;
  ----4byte dest addr; 4byte src addr
  ----8byte Options (ha van, mert az IHL több, mint 5 (5x32=20byte))
  ---------------------------------------------------
  -------- TCP segment
  -----------------------------------------------------
  --------20byte TCP header
  --------2byte src port; 2byte dst port;
  --------4byte sequence number
  --------4byte acknowledge number
  --------4bit data offset;
  --------3bit reserved; 9bit flag (syn;ack;psh;rst;...)
  --------2byte window size
  --------2byte checksum; 2byte URG pointer
  --------(Ha a data offset 5-nél nagyobb akkor az Options rész is
  --------tartalmaz adatot- nagyságát az 5-nél magasabb offset
  --------határozza meg (5x32=20byte a header alapból, ha nincs
  --------az Options alatt semmi akkor 0-val van feltöltve 4byte-ig de
  --------úgyis lesz egy kevés, mert kell pl. SYN-ben az MSS..))
  -----------------------------------------------------
  -----------------
  -----------------
  ----------------- A HTTP adat, ami a végén 1MB-ot fog kiadni.
  -----------------
  -----------------
  ----------------- Csomagonként 1460byte a maximum..
  -----------------
  -----------------
  -----------------------------------------------------
  --------
  ---------------------------------------------------
  ------
  ----------------------------------------------
  --4 byte Ethernet FCS
  -----------------------------------------------
  4byte Ethernet trailer
  -----------------------------------------------
  
  
  Na, ekkor jön egy olyan, hogy 3way handshake miatt egy SYN, egy
  SYNACK és egy ACK. => 3x Ethernet frameben IP csomag 0 payload-al.
  Kell egy HTTP GET, ami minimum ennyi:
  GET / HTTP/1.0[ENTER] \
  [ENTER] |-- 17 byte összesen
  [ENTER] /
  ..amire a szerver válaszol egy "üres" ACKel és tolja az 1MB file-t:
  
  Tekintsük a TCP receive window-t a maximumnak: 65536byte (nincs
  specifikálva se az kliens OS, se a szerver, se a szerver OS; az
  életben TCP receive window 17.5KB lenne mondjuk egy "átlagos gépnél").
  
  Így (1024*1024byte)/65536byte = 16 TCP full window lenne az átvitel
  ideális esetben de mivel az ack is kell és 1460byte egy csomag, így
  ideális (csomagvesztés nélküli) esetben kell 16 ACK csomag is és a
  data 44.89 tehát 44db 1460byte-os valamint egy 1296byte-os csomag
  lesz egy teljes TCP window. Ehhez jön még window-nként egy ACK.
  Majd a végén a lezárás (nem az "elegáns" Windows Serveres RST,
  hanem) egy rendes, FINACK a klienstől +ACK a szervertől.
  
  
  Durvaélet kihagytam valamit, de tippre a tanár már így is többet kap
  mint amire számít. Ha nem lenne itt nézhető, akkor vagy kijelölöd és
  átteszed notepad-be (vagy fix széles karakterekkel nézed meg) vagy
  feldobtam pastebinre: http://pastebin.com/c5rBrzU4

• #7213 Wolfy999 tag stafidani #7212

  Új Válasz 2014-09-19 20:25:41 #7213

  Új hozzászólás

  Összes hozzászólása itt Válaszok az összes hozzászólására itt Válaszok erre a hozzászólásra

  Privát üzenet küldése

  

  Wolfy999

  tag

  válasz stafidani #7212 üzenetére

  1538 byte lehet maximum 1 Ethernet frame (1500 payload + 38 header+crc) (ha nem VLAN tagged és nincs Jumbo frame)
  ...ekkor...
  1500 byte lehet maximum 1 IPv4 packet (1480 payload + 20 header) (option-ök nélkül)
  ...ekkor...
  1480 byte lehet maximum 1 TCP segment (1460 payload + 20 header) (option-ök nélkül)
  ...ekkor 1024*1024/1460 csomag kell az átküldéshez. Ez 719 felfelé kerekítve, mert ugye a kis maradékhoz is kell majd csomag. Tehát az átvitt adat 1024*1024 + 719*78 = 1104658 byte lesz. (A 78 onnan jött, hogy 20 TCP header + 20 IP header + 38 Ethernet header+crc)

  Ekkor persze még kihagytuk a számításból a TCP 3-way handshake csomagjait, de ha tippelnem kéne ez a tanárodnak eszébe sem jutott. Persze a való életben még ebbe több dolog is beleszólhat, de közelítésnek jó lesz ez.

  Ha érted ezt a számítást és megjegyzed a következő adatokat, akkor meg fogod tudni oldani az ilyen típusú feladatokat.
  Az MTU max 1500 byte lehet (Maximum Transmission Unit - egy ethernet keretben átvihető hasznos adat). (Persze csak ha nincs jumbo frame, de ezt hagyjuk.)
  Az Ethernet header+crc 38 byte.
  Az IPv4 header 20 byte.
  A TCP header 20 byte, az UDP 8 byte. (Itt figyelned kell arra, hogy mit ír a feladat.)

  Remélem segítettem. Ha valamit kihagytam vagy elírtam, a többiek biztos kijavítanak.

Új hozzászólás Aktív témák